ESTAS SON NUESTRAS PRESENTACIONES DE POWER POINT CORRESPONDIENTES A FÍSICA. CADA UNO DE NOSOTROS, INCLUYO EN ESTA PRESENTACION SU RESPECTIVO TRABAJO.

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1 ESTAS SON NUESTRAS PRESENTACIONES DE POWER POINT CORRESPONDIENTES A FÍSICA. CADA UNO DE NOSOTROS, INCLUYO EN ESTA PRESENTACION SU RESPECTIVO TRABAJO.

2 Este trabajo refleja el desarrollo que los estudiantes hemos tenido en cuanto a la aplicación de fuerzas en problemas cotidianos, la formulación de ecuaciones y las soluciones a ellas. Este ha sido un proceso que se ha realizado desde nuestros primeros estudios hasta el día de hoy, ya que para llegar a este punto se requiere de buenas bases. Por lo tanto, estamos orgullosos de mostrarles nuestro trabajo como resultado de lo que nuestros docentes y nuestro esfuerzo hemos venido realizando.

3 -Conocer la segunda ley de Newton (fuerzas). -Señalar las fuerzas que actúan en un cuerpo. -Graficar las fuerzas en el plano cartesiano hallando sus componentes. -Crear ecuaciones y dar solución a ellas para hallar datos pedidos en un ejercicio o problema.

4 INTEGRANTES: CAROLINA BERMÚDEZ 10-2 CARTAGO VALLE DEL CAUCA

5 EJERCICIO #2: EJERCICIO #2: UN NIÑO ARRASTRA UN CARRO DE PESO 200 Nw, SOSTENIDO POR UNA CUERDA, LA CUAL FORMA UN ÁNGULO DE 30º CON EL SUELO, SI EL NIÑO HACE UNA FUERZA DE 3 Nw Y EL PISO PRESENTA UN μ = 0.1. a)¿QUÉ ACELERACIÓN TIENE EL CARRO? b)¿HACIA DONDE SE MUEVE?

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7 N T F=3 Nw 30º -Fr W

8 y -y x -x

9 DATOS W = 200 Nw µ = 0.1 F = 3 Nw N m = 20 Kg. T -Fr a = ? En el eje yN T sen 30º -W -W F sen 30º En el eje x-Fr T cos 30º F cos 30º ECUACIONES 1. Σ Fy = m.a N – W +T sen 30º +F seno 30º = Ф 2. Σ Fx = m.a N. µ + T cos 30 º+ F cos 30º = m.a SISTEMA: N – W +T sen 30º +F seno 30º = Ф N. µ + T cos 30 º+ F cos 30º = m.a

10 SOLUCIÓN Despejo N en la ecuación 1 N = W – T sen 30º - F sen 30º Reemplazo N en la ecuación 2 -(W – T sen 30º -F sen 30º). µ + T cos 30º + F cos 30º = m. a - ( 200 Nw –T sen 30º - 3 Nw (0.5) ). 0.1 + T cos 30º + 3Nw (0.86) = 20 Kg. a - ( 200 Nw –T sen 30º - 1.5 Nw). 0.1 + T cos 30º + 2.58 Nw = 20 Kg. a - 0.1 (200 Nw –T sen 30º - 1.5 Nw) + T cos 30º + 2.58 Nw = 20 Kg. a -20 Nw + 0.1(0.5) T + 0.15 Nw + T( 0.86) + 2.58 Nw = 20 Kg.a -20 Nw + 0.05 T + 0.15 Nw + 0.86 T + 2.58 Nw = 20 Kg. a -17.27 Nw + 0.91 T = 20 Kg. a -17.27 Nw + 0.91 T = a 20 Kg 20 Kg -0.863 mts/sg2 + 0.91 T = a 20 Kg RESPUESTAS a)la aceleración que tiene el carro es -0.863 mts/sg2 + 0.91 T = a 20 Kg b)el carro se mueve a la derecha, sobre el eje X

11 AHORA… PAOLA ANDREA MARIN

12 Institución Educativa Gabo PRESENTADO POR: GRADO: PRESENTADO POR: - Paola Andrea Marín GRADO: 10-2 10-2 PROFESORA: PROFESORA: -Solangel Patiño -Solangel Patiño MATERIA: MATERIA: -Física -Física CARTAGO CARTAGO VALLE DEL CAUCA VALLE DEL CAUCA

13 OBJETIVO: -Con este trabajo pretendemos practicar, los temas vistos anteriormente, para así poder alcanzar los logros propuestos por la docente.

14 PROBLEMA : - EJERCICIO #1 Una caja de 10Kg de masa baja sobre una rampa inclinada de 30 grados si la rampa tiene un coeficiente de 0,1 - ¿Cuál es la aceleración que adquiere la caja ?

15 Grafica Del Problema:

16 30°

17 VECTORES: Peso -w Normal N Rozamiento -FR 30°

18 Wx Wy 30°

19 Vectores en x -frx Wx sen 30°ECUACIONES: ∑ Fx=m(ax) ∑ Fx=sen 30° -Frx+wx sen30°=m(ax) -Frx+wx (0.5)=10Kg(a) -Frx+wx(0.5)/10Kg=a Ny -Wy cos 30° ∑Fy=m(ay) ∑Fy=cos 30° Ny-Wy cos 30°=m(ay) Ny-Wy (0.86)=10Kg(0) Ny-Wy (0.86)=0 Ny=Wy (0.86)=0 Ny=10m/sg2(0.86) Ny=8.6m/sg2 V ECTORES EN Y

20 Fr= U ( N) Fr=0.1(8.6m/sg2) Fr=0.86m/sg2 -frx+wx(0.5)/10Kg=a (-0.86m/sg2+(10m/sg2)0.5)/10Kg=a (-0.86m/sg2+5m/sg2)/10kg=a (-0.86m/sg2+5m/sg2)/10kg=4.14m/sg2RESPUESTA: La aceleración que adquiere la caja es de 4.14m/sg2

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23 Nunca consideres el estudio como una obligación, sino como una oportunidad para penetrar en el bello y maravilloso mundo del saber. ALBERT EINSTEIN

24 1-TOTALIZAR EL APRENDIZAJE DE TEMAS FUNDAMENTALES PARA LA FÍSICA COMO SON LAS FUERZAS (Nw) Y LOS VECTORES. 2-DAR A CONOCER UN PROBLEMA DE APLICACIÓN PARA FACILITAR EL CONOCIMIENTO DE ESTE TEMA.

25 PUNTO #3 UNA PERSONA SOSTIENE UNA CAJA DE 100 kg DE MASA. A TRAVES DE UNA CUERDA, SI LA CAJA ESTÁ SOBRE UNA RAMPA INCLINADA A 30° ¿CUAL ES LA TENSIÓN DE LA CUERDA?

26 30°

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30 DATOS: m: 100kg Eje X -Tx Wx Eje Y Ny -Wy ECUACION Tx - m x g = m(a) Fx - m x a = m x a -> -T + Wx sen 30° = m (a) -T + 100Kg (10 mt/sg 2 ) x 0.5 = m (0) -T+1000 Nw x 0.5 = 0 -T =500 Nw ∑ Fy = m x a y -> -Wy cos 30° + N=0 N=Wy cos 30° N= m x g (cos 30°) N= 100 Kg x 10mt/sg 2 (0.86) N=1000 Nw (0.86) N= 860Nw RESPUESTA: RESPUESTA: La tensión de la cuerda es igual a 500 Nw y la normal es igual a 86 0 Nw

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